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湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体2017-2018学年高一上学期期末联考物理试卷

资料类别: 物理/试题

所属版本: 通用

所属地区: 湖北

上传时间:2018/2/8

下载次数:134次

资料类型:地区联考

文档大小:204KB

所属点数: 2

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宜昌市部分示范高中教学协作体2017年秋期末联考
高一物理
(全卷满分:110分    考试用时:90分钟)
第Ⅰ卷  客观题
一、选择题(12小题,48分)
1.在下面研究的各个问题中可以被看做质点的是(  )
A.确定奥运会冠军在万米长跑中的比赛成绩
B.研究奥运会乒乓球男单冠军打出的弧圈球的转动C.研究冬奥会运动员在花样滑冰比赛中的动作、姿势是否优美
D.研究一列火车通过某一路标的时间
2.物体同时受到同一平面内的三个共点力作用,下列几组力中,可能使物体处于平衡状态的是(  )
A.10N、10N、1N	  		B.2N、3N、6N
C.1N、5N、10N	     	D.0N、8N、1N
3.小明和同桌一起做测量反应时间的小实验,如图所示.具体操作是:让同桌用手指捏住一竖直长直尺的零刻度处,小明用手等在直尺刻度值为处做捏住直尺的准备,但不碰到尺,当他看到同桌松手放开直尺时,就立即捏住直尺,并记录下捏住处的刻度值.已知当地重力加速度为g,则本次实验中,小明测得自己的反应时间为(  )
A. 	            B.	C.	D.
4.质点做直线运动的速度-时间图象如图所示,该质点(  )
A.在第1秒末速度方向发生了改变
B.在第2秒末加速度方向发生了改变
C.在前2秒内发生的位移为零
D.第3秒末和第5秒末的位置相同
5.某人用绳子将一桶水从井内向上提的过程中,不计绳子的重力,以下说法正确的是(  )
A.只有在桶匀速上升过程中,绳子对桶的拉力才等于桶对绳子的拉力
B.桶加速上升的过程中,绳子对桶的拉力大于桶对绳子的拉力
C.桶加速上升的过程中,绳子对桶的拉力大于桶的重力
D.绳子对桶的拉力和桶对绳子的拉力是一对平衡力
6.一物体受到三个共面共点力F1、F2、F3的作用,三力的矢量关系如图所示(小方格边长相等),则下列说法正确的是(  )
A.三力的合力有最大值F1+F2+F3,方向不确定
B.三力的合力有唯一值3F3,方向与F3同向
C.三力的合力有唯一值2F3,方向与F3同向
D.由题给条件无法求出合力大小
7.物体在平抛运动过程中,在相等的时间内,下列哪些量是相等的(       )
①位移      ②加速度③平均速度  ④速度的变化量
A.①②	     B.②③C.②④D.③④
8.如图所示,一小球在斜面上处于静止状态,不考虑一切摩擦,如果把竖直挡板由竖直位置缓慢绕O点转至水平位置,则此过程中球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是(  )
A.F1先增大后减小,F2一直减小
B.F1先减小后增大,F2一直减小
C.F1和F2都一直减小
D.F1和F2都一直增大
9.下列说法中正确的有(  )
A.牛顿通过理想斜面实验,总结出了牛顿第一定律
B.物体速度越大,惯性一定越大
C.根据牛顿第二定律可知,力是使物体产生加速度的原因
D.根据牛顿第三定律可知,两个物体间的作用力和反作用力总是大小相等、方向相反
10.如图所示,升降机顶部有原长为20cm的竖直轻弹簧,弹簧下端挂了一重物,当升降机匀速运动时,弹簧长度为30cm.某段时间内升降机中的人看到弹簧的长度稳定在32cm,弹簧始终处在弹性限度内.则该段时间内升降机的运动可能是 (g取10m/s2)(  )
A.向上匀加速运动,加速度大小为2 m/s2
B.向上匀加速运动,加速度大小为5m/s2
C.向下匀减速运动,加速度大小为2 m/s2
D.向下匀减速运动,加速度大小为5m/s2
11.图为蹦极运动的示意图.弹性绳的一端固定在O点,另一端和运动员相连.运动员从O点自由下落,至B点弹性绳自然伸直,经过合力为零的C点到达最低点D,然后弹起.整个过程中忽略空气阻力.分析这一过程,下列表述正确的是(  )
A.经过B点时,运动员的速率最大
B.经过C点时,运动员的速率最大
C.从C点到D点,运动员的加速度增大
D.从C点到D点,运动员的加速度不变
F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动,小车质量是M,木块质量是m,力大小是F,加速度大小是a,木块和小车之间动摩擦因数是μ,则在这个过程中,木块受到的摩擦力大小是( )
A.μmgB.  
C.μ(M+m)g D.ma
二、实验题(总计2小题,3题每空2分4题每空4分,共16分)
13.“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示,其中A为固定橡皮筋的图钉,O为橡皮筋与细绳的结点,OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.
(1)图乙中的F与F′两力中,方向一定沿AO方向的是  (填“F”或“F′”).
(2)以下做法中对减小实验误差有益的是  (填字母序号)
A.弹簧测力计、细绳、橡皮筋都要与木板平行
B.两弹簧测力计的夹角要取90°,这样便于计算它们的合力大小
C.在同一次实验中为了保证结点位置在O点不变,可以用手指将结点按在O点
D.拉橡皮筋的细绳适当长一些,记录弹簧测力计拉力的方向时应用铅笔沿细绳画直线.
14.探究加速度与力的关系装置如图1所示.带滑轮的长木板一端伸出桌面,另一端适当垫高,使木块连上纸带后恰好匀速下滑,细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接,调节滑轮高度使细线恰好与木板平行.按住木块,缓慢向沙桶中添加细沙,释放木块,记下弹簧秤的示数F及并通过计算求出相应纸带的加速度a,再改变沙桶质量…获取多组F,a的数据.

(1)关于该实验的操作,以下说法正确的是  .
A.实验过程中,应先闭合打点计时器开关,再释放木块
B.添加细沙,比用钩码可以更方便地获取多组实验数据
C.每次添加细沙后,需测出沙及沙桶的质量
D.实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量
(2)某次打出的纸带如图2所示,选取A、B、C、D、E,5个计数点(每两个计数点间还4个点未画出),则打B点时的速度大小为   m/s,木块的加速度大小为  m/s2.(保留三位有效数字)
6分,解答应写出必要的文字说明、关系式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。)
15.(12分)一滑块以初速度v0=2m/s开始从斜面顶端匀加速下滑,第4s末的速度为6m/s,求:(1)滑块下滑时的加速度;(2)第3s末的速度;(3)3s内的位移.
16.(10分)如图,用力F提拉有细绳连在一起的A、B两物体,以5m/s2的加速度匀加速竖直上升,已知A、B的质量分别是1kg和2kg,绳子所能承受的最大拉力是35N,取g=10m/s2则:
(1)力F的大小是多少?
(2)为使绳子不被拉断,加速上升的最大加速度是多少?

17.(12分甲车以16m/s的速度通过某路口做匀速直线运动,2.5s后乙车从此路口由静止开始以4m/s2的加速度同向做匀加速直线运动.问:
(1)乙车出发多长时间后,它们第一次相遇?
(2)相遇时距路口多远?
(3)在相遇前,乙车运动了多长时间,甲、乙两车相距最远?相距最远为多少?
18.(12分)如图所示,传送带与水平面的夹角θ=30°,正以恒定的速度v=2.5m/s顺时针转动,现在其底端A轻放一货物(可视为质点),货物与传送带间的动摩擦因数μ=,经过t=2s,传送带突然被卡住而立即停止转动,由于惯性,货物继续沿传送带向上运动,并刚好到达传送带顶端B.求传送带底端A与顶端B的距离.(g取10m/s2)








7年秋期末联考
高一物理答案及评分标准
命题人:   审题人:
(全卷满分:110分    考试用时:90分钟)
一.选择题(共12小题,18是单项选择题, 9~12是多项选择题,每小题至少有两个选项是正确的,选对的得4分,选对但不全的得2分,选错或不选得0分,共48分)
题号	1	2	3	4	5	6	7	8	9	10	11	12		答案	A	A	C	D	C	B	C	B	CD	AC	BC	BD		二.实验题(共16分)
13.(每空2分,共4分)
()F()A
4.(每空4分,共12分)
(1)AB
(2)0.2300.930   

三.计算题(共4小题,共计46分,解答应写出必要的文字说明、关系式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。)
15(12分). 解:(1)由vt=v0+at可得,a=.3分)
(2)根据vt′=v0at′可得,第3s末的速度v3=(21×3)m/s=5m/s.3分)
(3)根据可得,
前2s内的位移x1=(×2+×1×)6  m(2分)
前3s内的位移x2=×3+×1×)m=10.5m(2分)
第3s内的位移2分)

16.解:(1)以AB整体为研究对象,根据牛顿第二定律有:F﹣(mA+mB)g=(mA+mB)a3分)
得:F=(mA+mB)(g+a)=(12)(105)N=45N.2分)
(2)以B为研究对象,进行受力分析,根据牛顿第二定律有:
Tm﹣mBg=mBam;
据题有 Tm=35N3分)
所以物体整体上升的最大加速度 am=7.5m/s2;2分)

17.解:(1)设乙车出发t1后,甲、乙车第一次相遇,相遇时甲、乙车位移相等,则有:
v甲(t1+t0)=a3分)
代入数据得:t1=10s      2分)
(2)相遇时距路口的距离为:S1=v甲(t1+t0)=16(102.5)=200m(3分)
(3)相遇前当两物体速度相等时距离最大,设乙车运动了t2时间,则:
v甲=at2
解得:2分)
所以最远距离为
△s=v甲(t2+t0)﹣=16(2.54)﹣=72m.2分)
18.解:货物从A处开始做匀加速运动,设加速度为a1,由牛顿第二定律得
μmgcosθ﹣mgsinθ=ma13分)
代入数据得   a1=2.5 m/s21分)
匀加速运动的时间t1===1s(1分)
位移x1===1.25m(1分)
在t=12s内,货物随传送带一起匀速的位移为
x2=v(t﹣t1)=2.5(2﹣1)=2.5m(1分)
传送带停止转动后,货物匀减速运动到B端,速度刚好为0.设加速度大小为a2.
所以 μmgcosθ+mgsinθ=ma22分)
代入数据得  a2=12.5 m/s21分)
匀减速的位移为x3===0.25m                   (1分)
则传送带底端A与顶端B的距离L=x1+x2+x3=4m1分)
即:传送带底端A与顶端B的距离是4m.
	





















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